Warning: in_array() - Fehler ?!?!

[Template]

Moin Moin,

ich bekomme folgende Fehlermeldung und kann mir nicht erklären woran es liegt bzw. wie ich diese behoben bekomme:

Warning: in_array(): Wrong datatype for second argument in ..... Line ...

PHP-Code:

if (!in_array($name, $dbname) ) { 


Ich habe mal bei Google geschaut aber nichts gescheites gefunden.
Trat bei jemanden schon einmal der Fehler auf und hat ihn behoben bekommen? Oder kann mir ein Fortgeschrittener weiterhelfen?

Wäre über eine Lösung wirklich sehr dankbar...


VG
Templi

[StephanF]

Hier mal ein Beispiel von selfphp

PHP-Code:

$var_array = array("PHP", "ASP", "PERL", "C++");
if (in_array("PERL", $var_array))
    echo 'String "PERL" gefunden!' . "\n";
if (!in_array("Perl", $var_array))
    echo 'String "Perl" nicht gefunden!'; 


und noch eins

PHP-Code:

$array = array(    array('a', 'b'),array('c', 'd'),'e');

if (in_array(array ('a', 'b'), $array)) {
    echo '"ab" wurde gefunden' . "\n";
}
if (in_array(array ('a', 'c'), $array)) {
    echo '"ac" wurde nicht gefunden' . "\n";
}
if (in_array('e', $array)) {
    echo '"e" wurde gefunden' . "\n";
} 


[webcreate]

Hier stellt sich wohl eher die Frage, was Du in den Vars stehen hast.
Die Meldung sagt ja ganz klar, das ein falscher Datentyp angegeben wurde.

[steffenk]

Ihr macht es schwer das zu verstehen

boolean in_array(miced Suchbegriff, array Array)

der zweite Parameter muss ein Array sein, in Deinem Fall ist das ein String, und die freundliche Mitteilung sagt Dir das.

im Zweifelsfall nicht google sondern Manual: in_array

[Template]

Ich will überprüfen ob ein Name bzw. Benutzername schon in der Datenbank vorhanden ist.


Ich lasse mir bei der Abfrage alle Benutzernamen in einem Array speichern, welches in diesem Fall "$dbname" benzeichnet wird.

$dbname[]=$row['username'];

Nach der Abfrage trenne ich die Arrayelemente durch ein Komma.

$user_check = explode(",","$dbname");

Danach dann die Abfrage ob Eingabe im Array bereits vorhanden oder nicht.

$name = strtolower($_POST[name]);
if (!in_array($name, $dbname) ) {

[steffenk]

weil $dbname kein Array ist, siehst Du, das Deine Schleife nicht durchlaufen wird, also such dort den Fehler.

Ansonsten brauchst Du nur $dbname zu initialisieren:#

PHP-Code:

$dbname = array(); 


[Template]

Ach ja siehst du *omG*

Vielen Dank.

[Template]

Klappt leider nicht so.
Kannst du mir eventuell ein wenig genauer helfen?

[standard]

hi,

Nur ne frage muss es dieser weg sein zu überprüfen ob der name schon vorhanden ist?

Schneller wäre doch jetzt ganz unsauber:

$result=mysql_fetch_array(mysql_query("SELECT name FROM user WHERE name=$checkname"));

if($result[0]==$checkuser)
{
echo "Username schon belegt";
}


Mfg
Flo

[steffenk]

ich weiss ja nicht wie Du aus der DB liest. Mal echos eingesetzt?
Ansonsten musst Du schon Deinen Code posten, sonst kann man Dir nicht helfen.

[Template]

Hallo Steffen,

schwierige Geburt hier. Sorry

Also ich hole mir das Array durch die Datenbankabfrage in einer while - Schleife.

$tabelle	= "table";
$link		= mysql_connect("localhost","user","passwd");
mysql_select_db("user", $link);

$sql		= "

SELECT *
FROM $tabelle
";

$result		= mysql_query($sql, $link);

if (!$result) echo "MYSQL FEHLER: ".mysql_error();

if (mysql_num_rows($result) > 0) {
while ($row = mysql_fetch_assoc($result)) {


$dbname[]=$row['username'];



}
 }

[Template]

Hallo hab meinen Fehler gefunden.
Hatte noch woanders ein "in_array" welches falsch deklarierte vars beinhaltete vielen Dank für eure Hilfe.

Grüße
Templi